1 Elementární funkce
Mezi elementární komplexní funkce se obvykle počítají tyto funkce:
1.1 Lineární funkce
Lineární funkceje funkce tvaru
f(z) =az+b ,
kdeaab jsou konečná komplexní čísla. Její derivace je v každém boděz rovna f0(z) =a.
Pokuda= 0 pak se funkcefredukuje na konstantní funkcif(z) =b. Jestliže a6= 0, pak jef prostá a inverzní zobrazení je také lineární funkce:
f−1(w) = 1 aw−b
a.
1.2 Mocnina a odmocnina
Pro každé přirozené číslondefinujemen-tou mocninu jako f(z) =zn.
Derivace existuje v každém boděz a platí f0(z) =nzn−1.
Příklad 1.1 Dokažte, že pro každé přirozené číslonplatí (zn)0 =nzn−1. Pro- tože funkce zn se špatně rozkládá na reálnou a imaginární část, vypočítáme derivaci (zn)0 přímo z definice. Pro libovolný bod z0 ∈ C z definice derivace máme:
f0(z0) = lim
z→z0
f(z)−f(z0) z−z0
= lim
z→z0
zn−z0n z−z0
= lim
z→z0
(z−z0)(zn−1+zn−2z0+zn−3z02+· · ·+zz0n−2+zn−10 ) z−z0
= lim
z→z0
(zn−1+zn−2z0+· · ·+zz0n−2+zn−10 )
= nzn−1.
Funkceznpron >1 není prostá. Zřejmězn= 0 právě kdyžz= 0. Proz6= 0 můžeme funkcizn vyjádřit v exponenciálním tvaru:
zn = |z|ejϕn
=|z|nejnϕ,
kde ϕ= argz. Nechť z1 =|z1|ejϕ1 a z2 = |z2|ejϕ2 jsou dvě různá komplexní čísla, pak zn1 = |z1|nejnϕ1 a zn2 =|z2|nejnϕ2. Aby tedy platilo zn1 = z2n, musí platit
|z1|=|z2| a nϕ1=nϕ2+ 2kπ prok∈Z.
To znamená, že dva různé body z1 a z2 se n-tou mocninou zobrazí do stej- ného bodu, pokud se rovnají jejich moduly (leží na stejné kružnici se středem v počátku) a pro rozdíl jejich argumentů platí:
ϕ1−ϕ2=k2π n ,
kde k ∈ Z. To znamená, že na kružnici o poloměru |z1| ležín bodů, které se zobrazín-tou mocninou do stejného bodu.
Z výše uvedeného plyne, že inverzní funkce n-tá odmocnina nemůže být jednoznačná, ale bude jednomu bodu přiřazovat množinu onprvcích. Hodnota funkce √n
z tedy bude množina všech číselw, které splňují rovnici
wn=z . (1)
Příklad 1.2 Dokažte, že proz= 0 je √n
z={0}a proz∈C\ {0},z=|z|ejϕ, ϕ= argz, platí
√n
z={wk | k= 0,1, . . . , n−1}, kde
wk= pn
|z|
cosϕ+ 2kπ
n +jsinϕ+ 2kπ n
= pn
|z|ejϕ+2kπn . Uvědomme si, že pn
|z|představuje odmocninu z reálného oboru.
První část pro z = 0 je jednoduchá. Pokud rovnici 1 napíšeme jen pro moduly, dostaneme |z| = |wn| = |w|n. Máme tedy, že |z| = 0 právě tehdy, pokud|w|= 0. A protoz= 0 právě tehdy, kdyžw= 0.
Pro druhou část můžeme číslaza wpřevést do exponenciálního tvaru, pro- tožez, w6= 0. Tedy
z=|z|ejϕ, w=|w|ejω. Po dosazení do rovnice 1 dostaneme
|w|nejnω =|z|ejϕ. Odtud plyne
|w|n=|z|, ejnω =ejϕ, tzn.
|w|= pn
|z|, nω=ϕ+ 2kπ , k∈Z. Máme tedy pro jednok∈Z:
wk= pn
|z|ejϕ+2kπn .
Dále je zřejmé, že prok = 0, . . . , n−1 budou hodnoty wk různé a pro k≥n nebok <0 se již budou jen opakovat. Nakreslete si množinu hodnot nějakén-té odmocniny pro jeden pevný bodz!
1.3 Lineární lomená funkce
Nechťa, b, c, djsou konečná komplexní čísla taková, žead−bc6= 0. Funkci tvaru f(z) = az+b
cz+d, f(∞) = a c,
nazvemelineární lomenoufunkcí. Funkce má derivaci pro všechnaz∈Ckromě boduz=−dc a platí z derivace podílu dvou funkcí
f0(z) = a(cz+d)−c(az+b)
(cz+d)2 =acz+ad−acz−bc
(cz+d)2 = ad−bc (cz+d)2. Bod−dc mapuje funkce f na∞ a naopak bod ∞mapuje na ac, takže f je bijekcí zC∗ naC∗. Inverzní funkci lze vyjádřit jako
f−1(w) = −dw+b
cw−a , , f(∞) =−d c.
1.4 Exponenciální funkce a logaritmus
Pro komplexní čísloz=x+jy∈Cdefinujemeexponenciální funkcipředpisem:
ez=exejy=ex(cosy+jsiny). Derivace existuje v každém boděz∈Ca platí (ez)0=ez.
Příklad 1.3 Dokažte, že (ez)0=ez. Rozdělmeezna reálnou a imaginární část:
ez=excosy+jexsiny .
Máme tedyu(x, y) =excosy a v(x, y) =exsiny. Spočteme parciální derivace ua v.
∂u
∂x =excosy ∂v
∂x =exsiny
∂u
∂y =−exsiny ∂v
∂y =excosy
Vidíme, že všechny parciální derivace jsou spojité a C-R podmínky jsou splněny ve všech bode (x, y) a tudíž derivace existuje pro všechnaz∈Ca platí:
(ez)0= ∂u
∂x+j∂v
∂x =excosy+jexsiny=ex(cosy+jsiny) =ez. Funkceez je periodická s periodouj2π, protože
ez+j2π =ex+j(y+2π)=ex(cos(y+ 2π) +jsin(y+ 2π)) =ex(cosy+jsiny) =ez. Funkce ez tedy nemůže být prostá a proto ani logaritmus nemůže být jedno- značná funkce podobně jako v případě odmocniny definujemelogaritmusv bodě zjako množinu bodů wsplňující rovniciew=z. Tedy
Log(z) ={w|ew=z}.
Příklad 1.4 Nalezněte všechna řešení rovnice ez = a pro a 6= 0. Označme a=|a|ejϕ,ϕ= arga. Dosazením do rovnice dostaneme
ez =exejy=|a|ejϕ. Odtud plyne
ex=|a|, ejy=ejϕ. Máme tedy
x= ln|a|, y=ϕ+ 2kπ= argz+ 2kπ , k∈Z. To znamená, že
z= ln|a|+j(arga+ 2kπ), k∈Z. Vypočetli jsme tedy hodnotu logaritmu v boděa.
Log(a) ={z|ez=a}={ln|a|+j(arga+ 2kπ), k∈Z}= ln|a|+jArga . Připomeňme ještě, že hodnotu prok= 0 nazvemehlavní hodnotoulogaritmu a označíme loga. Funkci, která každému boduz∈C,z6= 0 přiřadí hodnotu logz nazývámehlavní větevlogaritmu:
logz= ln|z|+jarg z .
Nakreslete si kam se zobrazí Gaussova rovina komplexních čísel bez bodu 0 funkcí log!
Příklad 1.5 Nalezněte derivaci funkce logz.
Protože funkce logz není definována pro z = 0, neexistuje tam tedy ani derivace. Rovněž pro na množiněM ={z∈C|Rez <0} neexistuje derivace, protože funkce argz (a tím pádem i funkce logz) je nespojitá v každém bodě z∈M.
Hledejme tedy derivaci logz na zbytku Gaussovy roviny. Pro reálnou část máme:
u(x, y) = ln|z|= lnp
x2+y2= 1
2ln(x2+y2). Určeme parciální derivaceupodlexa y.
∂u
∂x = 1
2 2x
x2+y2 = x x2+y2,
∂u
∂y = 1
2 2y
x2+y2 = y x2+y2.
Vidíme, že obě parciální derivace jsou spojité všude kromě bodu (0,0). Bod (0,0) jsme již ovšem výše vyřadili, protože v něm nemá funkce logz derivaci. Z toho plyne, že funkceumá pro námi zkoumané body totální diferenciál.
Výpočet imaginární části logzrozdělíme na tři části: 1. Rez >0, 2. Imz >0 a 3. Imz <0.
1. Pokud Rez >0, můžeme imaginární část funkce logzvyjádřit následovně:
v(x, y) = arctany x. Určeme parciální derivacev podlexay.
∂v
∂x = 1
1 + xy2
−y
x2 =− y x2+y2,
∂v
∂y = 1
1 + xy2 1
x= x
x2+y2.
Podobně jako v případěuvidíme, ževmá v požadované oblasti totální di- ferenciál. Navíc také C-R podmínky jsou splněny, takže derivace v případě Rez >0 existuje a je rovna:
(logz)0= x
x2+y2 −j y
x2+y2 = z
|z|2 = z zz =1
z.
2. Pokud Imz >0 můžeme imaginární část funkce logzvyjádřit následovně:
v(x, y) =π
2 −arctanx y. Určeme parciální derivacev podlexay.
∂v
∂x = −1
1 +
x y
2 1
y =− y x2+y2,
∂v
∂y = −1
1 +
x y
2
−x
y2 = x x2+y2.
Vidíme, že i v tomto případě vyšly parciální derivacevstejně. Tudíž i pro případ Imz >0 platí pro derivaci stejný vztah jako v bodě 1.
3. Pokud Imz <0, pakv(x, y) =−π2 −arctanxy a zbytek výpočtu je stejný jako v bodě 2.
Dostali jsme tedy, že pro body
z∈C\ {w∈C| Rew≤0, Imw= 0}, (t.j. body, které neleží na nekladné reálné ose) platí:
(logz)0= 1 z.
Příklad 1.6 Nalezněte derivaci hlavní větve druhé odmocniny:
f(z) =√ z .
Vzhledem k tomu, žef(z) je nespojitá na nekladné reálné poloose (t.j. neexistuje tam derivace), budeme předpokládat, žez6∈ {w∈C| Rew≤0,Imw= 0}.
Vyjádřeme f pomocí exponenciální funkce a logaritmu. Protožez6= 0 mů- žeme napsatz v exponenciálním tvaruz=|z|ejϕ. Potom
√z=p
|z|ejϕ2 =e12ln|z|ejϕ2 =e12(ln|z|+jϕ)=e12logz.
Nyní můžeme pro výpočet derivace využít derivace exponenciální funkce a logaritmu a větu o derivaci složené funkce.
(√
z)0 = (e12logz)0= 1
2e12logz1 z =1
2e12logze−logz= 1
2e−12logz= 1 2√
z.
1.5 Trigonometrické a hyperbolické funkce
Podobně jako v reálném oboru definujeme i v komplexním oboru trigonometrické a hyperbolické funkce pomocí exponenciální funkce.
sinz=ejz−e−jz
2j cosz=ejz+e−jz 2 sinhz= ez−e−z
2 coshz= ez+e−z 2
Protože se na cvičení objevila otázka, proč se zavádí hyperbolické funkce, tak se na chvíli vraťme do reálného oboru a ukažme souvislosti mezi funkcemi sin, cos, sinh a cosh. Jak asi každý ví, že můžeme pomocí funkcí sin a cos parametricky popsat kružnici o poloměrurse středem v počátku:
x = rcost y = rsint
Podobným způsobem popisují funkce sinh a cosh parametricky pravou větev hyperboly, jejíž asymptoty jsou osy 1. a 4. kvadrantu, t.j.
x = acosht y = asinht
Případné zájemce o další informace odkazuji na stránku http://mathworld.wolfram.com/HyperbolicFunctions.html.
Příklad 1.7 Nalezněte všechna řešení rovnice:
sinz= 4 3j . Dosadíme podle definice sinz a dostáváme:
ejz−e−jz
2j = 4
3j .
Po vynásobení 2j máme:
ejz−e−jz=−8 3. Po vynásobení 3ejz dostaneme:
3ej2z+ 8ejz−3 = 0. Zaveďme novou proměnnoup=ejz a dosaďme:
3p2+ 8p−3 = 0.
To je kvadratická rovnice, jejíž řešení je p1 = 13 a p2=−3. Vrátíme-li se zpět odpkejz dostaneme dvě rovnice:
ejz =−1
3, ejz =−3. Z první rovnice máme:
jz= Log 1
3
={ln 1 3
+j2kπ|k∈Z}={−ln 3 +j2kπ|k∈Z}. Po vyděleníj, což vlastně znamená násobení−j dostaneme:
z={2kπ+jln 3|k∈Z}. Z druhé rovnice dostáváme:
jz= Log(−3) ={ln|3|+j(π+ 2kπ)|k∈Z}={ln 3 +j(2k+ 1)π|k∈Z}. Po vyděleníj:
z={(2k+ 1)π−jln 3 |k∈Z}. Po sjednocení množin řešení z obou rovnic dostaneme:
z={nπ+j(−1)nln 3 |n∈Z}.
Všimněme si, že výsledek je v podstatě hodnota mnohoznačné funkce Arcsin v bodě 43j. Množinu řešení si zobrazte v Gaussově rovině!