Příklad 6.3
Zadání: Na svislé pružině o zanedbatelné hmotnosti je zavěšena destička o hmotnosti m = 20 g a na ní leží závaží o hmotnosti m1 = 5 g. Rozkmitáme-li pružinu, zjistíme, že perioda kmitů je T1 = π/3 s. Poté závaží m1 nahradíme jiným o hmotnosti m2 = 25 g. Jaká je vzdálenost ∆L, o kterou se posune destička vůči předchozí poloze (tj. poloze se závažím m1)?
m m1
m m2
∆l1
∆l2 T1,ω1
Řešení: Pro případ kmitání destičky m a závažíčka m1 má pro tuhost pružiny k pohybová rovnice tvar:
(m+m1)¨y=−ky.
Řešením této diferenciální rovnice je funkce y(t) = Asin (ω1t+ϕ), kde konstanty A a ϕ závisejí na počátečních podmínkách. Úhlová frekvence ω1 a perioda kmitů T1 jsou dány jako:
ω1 =
r k m+m1 T1 = 2π
ω = 2π rm
k , odkud si můžeme vyjádřit tuhost pružiny
k = 4π2
T12 (m+m1).
Nyní sledujme prodloužení pružiny (viz obrázek). Pro destičku m a závažíčko m1 se pružina prodlouží o ∆l1. Po záměně závažíčka m2 za m1 se pružina prodlouží ještě o ∆l2, čili celkové prodloužení je v tomto případě ∆l1 + ∆l2. Vyjádříme-li si toto pomocí rovnic pro rovnováhu sil (rovnováha tíhové síly a síly pružnosti), dostaneme:
(m+m1)g = k∆l1
(m+m2)g = k(∆l1+ ∆l2)
∆l2 = (m2−m1)g
k .
Z poslední rovnosti dosazením za tuhost pružiny obdržíme výsledný vztah a číselný výsledek 21.8 cm.
∆l2 = T12 4π2
m2−m1 m+m1 g
1
Příklad 6.4
Zadání: Na pružinu o zanedbatelné hmotnosti a tuhosti k zavěsíme závaží o hmotnosti m a rozkmitáme jej. Určete periodu T, fázový posuv ϕ a amplitudu kmitů A, víte-li, že v čase t = 0 má závaží kinetickou energiiEk0 rovnu trojnásobku potenciální energie pružnosti Ep0.
Řešení: Obecné řešení pohybu harmonického oscilátoru má tvar:
y(t) = Asin (ωt+ϕ),
kde A, ω a ϕ značí po řadě amplitudu kmitů, úhlovou frekvenci a fázový posuv. Rychlost v(t) získáme derivací okamžité výchylky y(t) podle času.
v(t) = dy(t)
dt =Aωcos (ωt+ϕ)
Pro úhlovou frekvenci kmitání tělesa o hmotnosti m na pružině s tuhostí k platí známý vztah:
ω= rk
m, perioda kmitů je tedy:
T = 2π ω = 2π
rm k
Amplitudu kmitů A a fázový posuv ϕvypočítáme ze znalosti počátečních podmínek.
y0 =y(t = 0) = Asinϕ v0 =v(t = 0) = Aωcosϕ
Fázový posuv dostaneme, vydělíme-li první rovnici druhou. Amplitudu získáme sečtením kvadrátů obou rovnic.
y0 v0
= 1 ω
sinϕ cosϕ tgϕ = y0
v0ω.
y20 +v0 ω
2
= A2sin2ϕ+A2cos2ϕ A2 = y02+ v20
ω2
Velikost počáteční výchylky y0 a počáteční rychlosti v0 spočítáme z počátečních hodnot kine- tické a potenciální energie. Kinetická energii závažíEka potenciální energie pružnostiEpjsou dány jako:
Ek = 1 2mv2, Ep = 1
2ky2. 1
Počáteční výchylkay0 a počáteční rychlost v0 jsou tedy:
y0 =
r2Ep0 k =
r2Ek0 3k , v0 =
r2Ek0 m ,
kde jsme využili znalosti, že ze zadání platíEk0 = 3Ep0. Dosaďme tedy zpět do předchozích vztahů a vypočítejme fázový posuv a amplitudu.
tgϕ =
q2Ek0
3k
q2Ek0
m
rk m tgϕ =
√3
3 ϕ1 = π
6 ϕ2 = 7π
6
A2 = 2Ek0
3k +2Ek0
m m
k A2 = 8Ek0
3k A =
r8Ek0 3k
2
Příklad 6.11
Zadání: Uvnitř koule o poloměruR a hustotě % je kulová dutina o poloměru R/4 ve vzdálenosti R/4 od středu koule (viz obrázek který je řezem v rovině procházející středy obou koulí). Jaká je velikost gravitačního zrychlení v bodě P (vzdálenost a od povrchu koule), když pro stejnou kouli, ale bez dutiny je v bodě P velikost gravitačního zrychlení g?
a
P R
R/4
Řešení: Jak známo gravitační pole (intenzita a potenciál) homogenní plné koule o hmotnosti M vně této koule má stejný tvar jako gravitační pole hmotného bodu o stejné hmotnosti M umístěného do jejího středu. Hodnota x-ové složky intenzity gravitačního pole velké koule bez dutiny v bodě P je tedy:
Kx(1)(P) = κM
(a+R)2 =g.
Pro malou kouli na místě a o velikosti dutiny má x-ová složka intenzity gravitačního pole v bodě P velikost:
Kx(2)(P) = κm a+R+R42.
Poznamenejme, že z důvodu symetrie jey-ová iz-ová složka obou intenzit gravitačního pole nulová.
Mezi hmotnostmi m malé koule aM velké koule platí vztah:
m =%V2 =MV2
V1 =M
4
3π R43 4
3πR3 = M
64
Výsledná hledaná hodnotax-ové složky intenzity gravitačního pole v bodě P pro zadanou kouli s dutinou je rovna rozdílu intenzit Kx(1)(P) aKx(2)(P).
Kx(P) = Kx(1)(P)−Kx(2)(P) = κM
(a+R)2 − κm a+ 54R2
Kx(P) = κM
(a+R)2 1− (a+R)2 64 a+54R2
!
Kx(P) = g
"
1−
a+R 8a+ 10R
2#
1