Vzdělávací materiál
vytvořený v projektu OP VK
Název školy: Gymnázium, Zábřeh, náměstí Osvobození 20 Číslo projektu: CZ.1.07/1.5.00/34.0211
Název projektu: Zlepšení podmínek pro výuku na gymnáziu
Číslo a název klíčové aktivity: III/2 - Inovace a zkvalitnění výuky prostřednictvím ICT
Anotace
Název tematické oblasti: Integrální počet Název učebního materiálu: Metoda per partes
Číslo učebního materiálu: VY_32_INOVACE_M0305 Vyučovací předmět: Matematika
Ročník: 4. ročník vyššího gymnázia
Autor: Jaroslav Hajtmar
Datum vytvoření: 8.1.2014
Datum ověření ve výuce: 27.1.2014 Druh učebního materiálu: pracovní list
Očekávaný výstup: Na základě předložených vztahů zvládne integrovat funkce metodou per partes.
Metodické poznámky: Materiál je určen k motivaci a procvičení učiva o integrálech. Může být použit k získání klasifikace.
Neurčitý integrál – metoda per partes (tj. po částech)
Podstata metody:
Metoda plyne z pravidla o derivování součinu dvou funkcí. Mají-li funkce𝑢(𝑥) a𝑣(𝑥)– zkráceně 𝑢 a𝑣 v nějakém intervalu spojité derivace, platí pro derivaci součinu funkcí vzorec(𝑢 ⋅ 𝑣)′ = 𝑢′ ⋅ 𝑣 + 𝑢 ⋅ 𝑣′. Integrací této rovnice dostaneme:
∫ (𝑢 ⋅ 𝑣)′ d𝑥 = ∫ 𝑢′ ⋅ 𝑣 d𝑥 + ∫ 𝑢 ⋅ 𝑣′ d𝑥 a odtud získáme vzorec, který předpisuje postup při integrování metou per partes:
∫ 𝑢′ ⋅ 𝑣 d𝑥 = 𝑢 ⋅ 𝑣 − ∫ 𝑢 ⋅ 𝑣′ d𝑥
Postup:
1) Integrovanou funkci rozložíme na součin tak, aby se integrál funkce dal poměrně snadno určit (nejlépe ze zá- kladních integrálů).
2) Určíme, kterou funkci považujeme za𝑢′a kterou za𝑣.
3) Funkci označenou jako𝑢′integrujeme (musíme to umět), funkci označenou jako𝑣 zderivujeme.
4) Dosadíme do vzorce.
5) Metoda je úspěšná, je-li integrál na pravé straně jednodušší než integrál na straně levé. Někdy je třeba postup i několikrát opakovat.
6) Pokud se při výpočtu „zacyklíme“ tj. dostaneme se do integrálu stejné funkce, sestavíme rovnici z níž integrál vyjádříme.
Příklad 1: Vypočtěte neurčitý integrál∫ 𝑥 sin 𝑥 d𝑥 =
Řešení:
2.2 Za´kladnı´ integracˇnı´ metody 21
Tato volba tedy vedla k cı´li. Vy´pocˇet obvykle zapisujeme do jake´si tabulky, takzˇe za´pis vypada´ na´sledovneˇ:
Z
xsinxdx =
u = x u0 = 1 v0 = sinx v = −cosx
= x(−cosx)− Z
1·(−cosx)dx =
= −xcosx + Z
cosxdx = −xcosx +sinx +c.
Prˇi rucˇnı´m za´pisu pı´sˇeme tabulku bud’ pod integra´l nebo vedle neˇho, zde budeme s ohledem na mı´sto da´vat prˇednost za´pisu vedle integra´lu a od zbytku vy´pocˇtu ji oddeˇlı´me svisly´mi cˇarami.
Je dobre´ zvyknout si psa´t tuto pomocnou tabulku porˇa´d stejneˇ co do umı´steˇnı´ u, u0, v av0. Tento na´vyk va´m umozˇnı´ vyhnout se zbytecˇny´m chyba´m. Tedy v leve´m sloupci jsou funkceuav0ze zadane´ho integra´lu, na „hlavnı´ diagona´le“ tabulky ma´meuava v prave´m sloupci ma´me funkce u0 avnove´ho integra´lu. Prˇı´slusˇne´ dvojice jsou ve vzorci (2.6) spolu vzˇdy vyna´sobeny.
Zkusı´me nynı´ jesˇteˇ druhou volbu. Dostaneme Z
xsinxdx =
u = sinx u0 = cosx v0 = x v = x2
2
= x2
2 sinx − Z
(cosx) x2
2 dx =
= x2
2 sinx − 1 2
Z
x2cosxdx.
Prˇedchozı´ rovnost je sice spra´vna´, ale novy´ integra´l je ocˇividneˇ slozˇiteˇjsˇı´ nezˇ vy´chozı´,
takzˇe tato volba nevede k cı´li. N
Nezˇ si uka´zˇeme dalsˇı´ prˇı´klady, uvedeme si tabulku typicky´ch funkcı´, jejichzˇ neurcˇite´
integra´ly lze spocˇı´tat metodou per partes. Za´rovenˇ bude rˇecˇeno, kterou funkci derivujeme a kterou integrujeme. Vy´cˇet pochopitelneˇ nenı´ vycˇerpa´vajı´cı´, existujı´ i dalsˇı´ integra´ly, ktere´ lze vyrˇesˇit pomocı´ metody per partes. Nicme´neˇ je du˚lezˇite´ tyto za´kladnı´ typy zna´t, abyste se bez va´ha´nı´ doka´zali spra´vneˇ rozhodnout.
Integra´ly rˇesˇitelne´ metodou per partes
V na´sledujı´cı´ch tabulka´ch jeP (x)mnohocˇlen aaje nenulova´ konstanta. V prvnı´m sloupci je uveden integrand, ve druhe´m sloupci je uvedeno, kterou funkci budeme derivovat, a ve trˇetı´m, kterou funkci budeme integrovat. Prˇehled rozdeˇlı´me do dvou cˇa´stı´.
U prvnı´ skupiny derivujeme mnohocˇlen a integrujeme druhy´ cˇinitel. Novy´ integra´l bude soucˇinem mnohocˇlenu, jehozˇ stupenˇ bude o jednicˇku mensˇı´, a druhe´ funkce, ktera´
bude obdobna´ jako ve vy´chozı´m integra´lu (exponencia´lnı´ funkce eax se zachova´, funkce sinus a kosinus se prohodı´).
U druhe´ skupiny integrujeme mnohocˇlen a derivujeme druhy´ cˇinitel. Opacˇna´ volba by ani nebyla mozˇna´, protozˇe logaritmickou funkci, funkci arkussinus atd. ani neumı´me (zatı´m) integrovat. Derivacı´ se naopak teˇchto „neprˇı´jemny´ch“ funkcı´ zbavı´me. Jejich
Příklad 2: Vypočtěte neurčitý integrál∫ (2𝑥 − 1) ln 𝑥 d𝑥 =
Řešení:
2.2 Za´kladnı´ integracˇnı´ metody 23
= −(x2 +1)e−x −2xe−x +2 Z
e−x dx =
= −(x2 +1)e−x −2xe−x −2e−x +c = −(x2 +2x +3)e−x +c. N
+
Prˇı´klad 2.12. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Z(2x −1)lnx dx, x ∈ (0,+∞).
Rˇ esˇenı´. Jde o integra´l z tabulky 2.3, mnohocˇlen 2x −1 tudı´zˇ budeme integrovat a loga- ritmickou funkci budeme derivovat. Na´sledneˇ vyjde
Z
(2x −1)lnx dx =
u =lnx u0 = 1
x
v0 = 2x −1 v = x2 −x
=
= (lnx)(x2 −x)− Z 1
x (x2 −x)dx =
= (x2 −x)lnx − Z
(x −1)dx = (x2 −x)lnx − 1
2 x2 +x +c.
N
+
Prˇı´klad 2.13. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Zarccotgx dx, x ∈ R.
Rˇ esˇenı´. Tento integra´l zda´nliveˇ nema´ tvar soucˇinu. Ale za druhy´ cˇinitel si vzˇdy mu˚zˇeme prˇedstavit jednicˇku, cozˇ je vlastneˇ mnohocˇlen stupneˇ nula. Jde tedy o integra´l uvedeny´
v tabulce 2.3. Derivovat tudı´zˇ budeme funkci arkuskotangens a integrovat jednicˇku. Vyjde tedy
Z
arccotgxdx =
u = arccotgx u0 = − 1
x2+1
v0 =1 v = x
=
= (arccotgx)x − Z
− 1 x2 +1
xdx = xarccotgx +
Z x
x2 +1 dx =
= xarccotgx + 1 2
Z 2x
x2 +1 dx = x arccotgx + 1
2 ln(x2 +1)+c.
K vy´pocˇtu poslednı´ho integra´lu jsme pouzˇili vzorec 14. N V na´sledujı´cı´ch prˇı´kladech si uka´zˇeme dalsˇı´ obrat, ktery´ se v souvislosti s metodou per partes cˇasto pouzˇı´va´. Tento obrat spocˇı´va´ v tom, zˇe po integraci per partes (prˇı´padneˇ opakovane´) a u´prava´ch se na´m znovu objevı´ vy´chozı´ integra´l, ktery´ ma´me urcˇit. Tı´m dostaneme pro tento integra´l rovnici
Z
f (x)dx =h(x)+α Z
f (x)dx, α ∈ R, α 6= 0
(jejı´ leva´ strana je vy´chozı´ integra´l a prava´ strana je za´veˇrecˇny´ vy´raz), z nı´zˇ ho mu˚zˇeme vypocˇı´tat (pokud se nezrusˇı´, tj. pokudα 6= 1).
Příklad 3: Vypočtěte neurčitý integrál∫ (𝑥2+ 1)𝑒−𝑥d𝑥 =
Řešení:
22 Neurcˇity´ integra´l
Integrand u v0
P (x)eax P (x) eax P (x)sinax P (x) sinax P (x)cosax P (x) cosax Tab. 2.2: Metoda per partes — prvnı´ cˇa´st
Integrand u v0
P (x)lnx lnx P (x)
P (x)arcsinax arcsinax P (x) P (x)arccosax arccosax P (x) P (x)arctgax arctgax P (x) P (x)arccotgax arccotgax P (x)
Tab. 2.3: Metoda per partes — druha´ cˇa´st
derivace jsou totizˇ pro integraci „jednodusˇsˇı´“ ((lnx)0 = 1/x, (arcsinx)0 = 1/
√
1−x2, (arctgx)0 =1/(x2 +1)atd.).
+
Prˇı´klad 2.11. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Z(x2 +1)e−xdx, x ∈ R.
Rˇ esˇenı´. Jde o funkci typu „mnohocˇlen kra´t exponencia´lnı´ funkce“, kterou najdeme v ta- bulce 2.2. Mnohocˇlenx2+1 tedy budeme derivovat a exponencia´lnı´ funkci e−x integrovat.
Za´rovenˇ si v tomto prˇı´kladu uka´zˇeme typicky´ rys metody per partes, a to opakovane´ po- uzˇitı´. Jak uvidı´me, dostaneme integra´l obdobne´ho typu „mnohocˇlen kra´t exponencia´lnı´
funkce“, ale mnohocˇlen bude mı´t nizˇsˇı´ stupenˇ. Pouzˇijeme tedy metodu per partes jesˇteˇ jednou. Obecneˇ u te´to prvnı´ skupiny funkcı´ uvedene´ v tabulce 2.2 pokracˇujeme tak dlouho, azˇ se derivova´nı´m mnohocˇlen prˇevede na konstantu (je-li jeho stupenˇ n, bude to po n-te´
derivaci). V nasˇem prˇı´padeˇ postupneˇ dostaneme Z
(x2 +1)e−xdx =
u = x2+1 u0 =2x v0 =e−x v = −e−x
=
= (x2 +1)(−e−x)− Z
2x(−e−x)dx =
= −(x2+1)e−x +2 Z
xe−x dx =
u= x u0 =1 v0 = e−x v = −e−x
=
= −(x2+1)e−x +2
x(−e−x)− Z
1·(−e−x)dx
2.2 Za´kladnı´ integracˇnı´ metody = 23
= −(x2+1)e−x −2xe−x +2 Z
e−x dx =
= −(x2+1)e−x −2xe−x −2e−x +c = −(x2 +2x +3)e−x +c. N
+
Prˇı´klad 2.12. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Z(2x −1)lnxdx, x ∈ (0,+∞).
Rˇ esˇenı´. Jde o integra´l z tabulky 2.3, mnohocˇlen 2x −1 tudı´zˇ budeme integrovat a loga- ritmickou funkci budeme derivovat. Na´sledneˇ vyjde
Z
(2x−1)lnxdx =
u =lnx u0 = 1
x
v0 = 2x −1 v = x2 −x
=
= (lnx)(x2−x)− Z 1
x (x2−x)dx =
= (x2 −x)lnx − Z
(x −1)dx = (x2 −x)lnx − 1
2x2 +x +c.
N
+
Prˇı´klad 2.13. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Zarccotgxdx, x ∈R.
Rˇ esˇenı´. Tento integra´l zda´nliveˇ nema´ tvar soucˇinu. Ale za druhy´ cˇinitel si vzˇdy mu˚zˇeme prˇedstavit jednicˇku, cozˇ je vlastneˇ mnohocˇlen stupneˇ nula. Jde tedy o integra´l uvedeny´
v tabulce 2.3. Derivovat tudı´zˇ budeme funkci arkuskotangens a integrovat jednicˇku. Vyjde tedy
Z
arccotgxdx =
u = arccotgx u0 = − 1
x2+1
v0 =1 v =x
=
= (arccotgx)x− Z
− 1 x2+1
xdx =xarccotgx+
Z x
x2 +1 dx =
= xarccotgx + 1 2
Z 2x
x2 +1 dx =xarccotgx+ 1
2 ln(x2 +1)+c.
K vy´pocˇtu poslednı´ho integra´lu jsme pouzˇili vzorec 14. N V na´sledujı´cı´ch prˇı´kladech si uka´zˇeme dalsˇı´ obrat, ktery´ se v souvislosti s metodou per partes cˇasto pouzˇı´va´. Tento obrat spocˇı´va´ v tom, zˇe po integraci per partes (prˇı´padneˇ opakovane´) a u´prava´ch se na´m znovu objevı´ vy´chozı´ integra´l, ktery´ ma´me urcˇit. Tı´m dostaneme pro tento integra´l rovnici
Z
f (x)dx = h(x)+α Z
f (x)dx, α ∈R, α 6= 0
(jejı´ leva´ strana je vy´chozı´ integra´l a prava´ strana je za´veˇrecˇny´ vy´raz), z nı´zˇ ho mu˚zˇeme vypocˇı´tat (pokud se nezrusˇı´, tj. pokudα 6= 1).
Příklad 4: Vypočtěte neurčitý integrál∫ arccotg 𝑥 d𝑥 =
2.2 Za´kladnı´ integracˇnı´ metody 23
= −(x2 +1)e−x −2xe−x +2 Z
e−x dx =
= −(x2 +1)e−x −2xe−x −2e−x +c = −(x2+2x +3)e−x +c. N
+
Prˇı´klad 2.12. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Z(2x −1)lnxdx, x ∈ (0,+∞).
Rˇ esˇenı´. Jde o integra´l z tabulky 2.3, mnohocˇlen 2x − 1 tudı´zˇ budeme integrovat a loga- ritmickou funkci budeme derivovat. Na´sledneˇ vyjde
Z
(2x −1)lnx dx =
u = lnx u0 = 1
x
v0 = 2x −1 v = x2 −x
=
= (lnx)(x2 −x) − Z 1
x (x2 −x)dx =
= (x2−x)lnx − Z
(x −1)dx = (x2 −x)lnx − 1
2 x2 +x +c.
N
+
Prˇı´klad 2.13. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Zarccotgx dx, x ∈ R.
Rˇ esˇenı´. Tento integra´l zda´nliveˇ nema´ tvar soucˇinu. Ale za druhy´ cˇinitel si vzˇdy mu˚zˇeme prˇedstavit jednicˇku, cozˇ je vlastneˇ mnohocˇlen stupneˇ nula. Jde tedy o integra´l uvedeny´
v tabulce 2.3. Derivovat tudı´zˇ budeme funkci arkuskotangens a integrovat jednicˇku. Vyjde tedy
Z
arccotgx dx =
u = arccotgx u0 = − 1
x2+1
v0 = 1 v = x
=
= (arccotgx)x − Z
− 1 x2 +1
x dx = xarccotgx +
Z x
x2 +1 dx =
= xarccotgx + 1 2
Z 2x
x2 +1 dx = x arccotgx + 1
2 ln(x2 +1)+c.
K vy´pocˇtu poslednı´ho integra´lu jsme pouzˇili vzorec 14. N
V na´sledujı´cı´ch prˇı´kladech si uka´zˇeme dalsˇı´ obrat, ktery´ se v souvislosti s metodou per partes cˇasto pouzˇı´va´. Tento obrat spocˇı´va´ v tom, zˇe po integraci per partes (prˇı´padneˇ opakovane´) a u´prava´ch se na´m znovu objevı´ vy´chozı´ integra´l, ktery´ ma´me urcˇit. Tı´m dostaneme pro tento integra´l rovnici
Z
f (x)dx = h(x)+α Z
f (x)dx, α ∈ R, α 6= 0
(jejı´ leva´ strana je vy´chozı´ integra´l a prava´ strana je za´veˇrecˇny´ vy´raz), z nı´zˇ ho mu˚zˇeme vypocˇı´tat (pokud se nezrusˇı´, tj. pokudα 6= 1).
Příklad 5: Vypočtěte neurčitý integrál∫ 𝑒𝑥sin 𝑥 d𝑥 =
Řešení: Použijeme dvakrát metodu per partes a závěrem vyjádříme integrál z rovnice:
24 Neurcˇity´ integra´l
+
Prˇı´klad 2.14. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Zexsinxdx, x ∈R.
Rˇ esˇenı´. Nejde o zˇa´dny´ z typu˚ uvedeny´ch v tabulka´ch 2.2 a 2.3. Pouzˇijeme postupneˇ dvakra´t metodu per partes, prˇicˇemzˇ vzˇdy budeme exponencia´lnı´ funkce derivovat a druhy´
cˇinitel integrovat (jinak bychom se vra´tili zpa´tky k samotne´mu zadane´mu integra´lu).
Dostaneme Z
exsinxdx =
u= ex u0 =ex v0 =sinx v = −cosx
=
= ex(−cosx)− Z
ex(−cosx)dx = −excosx+ Z
excosxdx =
=
u= ex u0 =ex v0 =cosx v =sinx
= −excosx+exsinx− Z
exsinxdx.
Dostali jsme tedy rovnici Z
exsinxdx = −excosx+exsinx− Z
exsinxdx, z nı´zˇ jizˇ snadno vypocˇı´ta´me, zˇe
2 Z
exsinxdx = −excosx+exsinx+c, Z
exsinxdx = 1
2ex(sinx−cosx)+c.
Neˇkdo mozˇna´ cˇekal ve vy´sledku hodnotu 2c, ale je-li c libovolna´ konstanta, je 2c take´
libovolna´ konstanta (vlastneˇ jsme provedli prˇeznacˇenı´ zlomku 2c a pro novou hodnotu jsme pouzˇili tote´zˇ pı´smeno). V dalsˇı´m textu uzˇ tento obrat nebudeme komentovat. N
+
Prˇı´klad 2.15. Vypocˇteˇte neurcˇity´ integra´l Z p1−x2dx, x ∈(−1,1).
Rˇ esˇenı´. Opeˇt nalezneme rovnici pro hledany´ integra´l. Za jeden cˇinitel volı´me jednicˇku.
Vyjde tudı´zˇ Z p
1−x2dx =
u=
√
1−x2 u0 = −√x
1−x2
v0 =1 v =x
=
=xp
1−x2 −
Z −x2
√
1−x2 dx = xp
1−x2−
Z 1−x2 −1
√
1−x2 dx =
=xp
1−x2 − Z
1−x2
√
1−x2
− 1
√
1−x2
dx =
=xp
1−x2 − Z p
1−x2dx+
Z dx
√
1−x2
=
=xp
1−x2 − Z p
1−x2dx+arcsinx.
Podle předchozích návodů vypočítejte metodou per partes neurčité integrály:
Úloha 1. ∫ cos2 d𝑥 = (řešete i substituční metodou)
Úloha 2. ∫ 𝑥 cos 𝑥 d𝑥 =
Úloha 3. ∫ 𝑥 arctg 𝑥 d𝑥 =
Úloha 4. ∫ 𝑥2cos 𝑥 d𝑥 =
Úloha 5. ∫ 𝑥 ln 𝑥 d𝑥 =
Úloha 6. ∫ ln 𝑥𝑥 d𝑥 =
Výsledky úloh
1. 12sin 𝑥 cos 𝑥 +2𝑥 + 𝑐 2. 𝑥 sin 𝑥 + cos 𝑥 + 𝑐 3. 𝑥22+1arctg 𝑥 − 𝑥2+ 𝑐
4. 𝑥2sin 𝑥 − 2 sin 𝑥 + 2𝑥 cos 𝑥 + 𝑐 5. 12𝑥2ln 𝑥 − 𝑥42 + 𝑐
6. 12ln2𝑥 + 𝑐
Použité materiály a zdroje
Petáková, RNDr. Jindra. Matematika: Příprava k maturitě a k přijímacím zkouškám na vysoké školy. Dotisk 1.vydání. Praha: Prometheus, 2003. 303 s. ISBN 8071960993.
Tomica, R. Cvičení z matematiky – I. Brno: VAAZ, 1974.
Hošková Š., Kuben J., Račková P., Integrální počet funkcí jedné proměnné [online]. 2013
[cit. 2013-04-15]. File: ip.pdf. Dostupný z WWW:<http://homel.vsb.cz/~s1a64/cd/pdf/print/ip .pdf>.
Archiv autora