Řešení úloh krajského kola 60. ročníku fyzikální olympiády Kategorie B
Autor úloh J. Thomas 1.a) Celková dráha automobilu závisí na času t1.
s = v0t1
2 +a(t−t1)2
2 = v0t1 2 + v0
t1
(t−t1)2 2 = v0
2
"
t1 + (t−t1)2 t1
# . Rovnici upravíme na tvar
2st1
v0 = t21 + (t−t1)2 nebo t21 −
t+ s v0
t1 + t2
2 = 0. (1) Závislost dráhy s na času má tvar paraboly. Minimu funkce odpovídá dvoj- násobný kořen kvadratické rovnice.
Diskriminant této kvadratické rovnice D =
t+ s
v0 2
−2t2 =
t+ s
v0 −t√
2 t+ s
v0 +t√ 2
.
Dráha bude minimální, když t+ s
v0 −t√
2 = 0 ⇒ s = √
2−1 v0t.
4 body b) Řešením rovnice (1)
t1 =
t+ s v0 ±
s
t+ s v0
2
−2t2
2 = t√
2±√
2t2 −2t2
2 = t
√2 2 .
2 body c) Velikost zrychlení automobilu a = v0
t1
= 2v0 t√
2 = v0√ 2
t . 2 body
d) Konečná rychlost automobilu
v1 = a(t−t1) =v02−√
√ 2
2 = v02√ 2−2
2 = v0√ 2−1
.
Číselně: s = 41 m, t1 = 7 s, a = 1,4 m · s−2, v1 = 4 m · s−1. 2 body 2.a) Je-li trubice ve svislé poloze a bublinka se pohybuje rovnoměrně, je v rovnováze vztlaková síla Fvz = V ρg, která působí směrem vzhůru s odporovou silou Fo =
= 6πηrv0 , která má opačný směr. Tíhu samotné bublinky můžeme zanedbat.
Platí tedy
V ρg = 4
3πr3ρg = 6πηrv0 ⇒ r = s
9ηv0
2ρg = 2,3 mm.
2 body b) Ze vztahu V ρg = 6πηrv0 vidíme, že rychlost pohybu bublinky je úměrná
tíhovému zrychlení v0 = kg.
Pohybuje-li se trubice vodorovně, je rychlost pohybu bublinky vzhledem k tru- bici úměrná zrychlení trubice: v = ka.
Bublinka se přitom pohybuje ve stejném směru jako trubice.
Protožev = x
t (bublinka se pohybuje rovnoměrně) av1 = at(trubka se pohybuje rovnoměrně zrychleně), platí pro vzdálenost uraženou bublinkou:
x = vt= kat = v0
g v1 = 1,0 cm. (1) Bublinka se tedy bude nacházet 6,0 cm od zadního (levého) okraje trubice.
4 body c) Při zastavení trubice se bublinka vrátí na původní místo. 2 body d) Aby se bublinka dostala k okraji trubice, musí urazit vzdálenost l
2 = 5,0 cm.
Z rovnice (1)
l
2 = v0
g v2 ⇒ v2 = lg
2v0 = 49 m·s−1.
Trubice by musela získat rychlost téměř 50 m·s−1. 2 body 3. Zvolme vztažnou soustavu, jejíž osa x je rovnoběžná s deskami kondenzátoru a
osa y je k ní kolmá.
a) Velikost rychlosti elektronu při jeho vstupu do elektrického pole označme v1, velikost rychlost elektronu při jeho výstupu z elektrického pole označme v2.
v1 = s
2Ek
m =
s
2·100·1,6.10−19
9,1·10−31 = 5,9·106 m·s−1.
Její složka ve směru osy x se během pohybu v elektrickém pole nemění v1x =
= v2x = v1cosα. Rychlost elektronu při výstupu z elektrického pole má velikost v2 = q
v22x+v22y. Pro její složku v2y platí
v2y = v2xtgβ = v1cosα·tgβ.
Velikost rychlosti elektronu, který opouští elektrické pole v2 =
q
v22x+v22y = p
v21cos2α +v12cos2αtg2β =
= v1cosαp
1 +tg2β = v1cosα√
2 = 7,2·106 m·s−1. 4 body b) Na zvýšení kinetické energie elektronu muselo elektrické pole vykonat práci
e·U = Ek2−Ek1. Protože se rychlost elektronu zvýšila cosα ·√
2 =
√3 2
√2-krát, zvýšila se jeho
kinetická energie 1,5-krát. Hledané napětí U = Ek2 −Ek1
e = 0,5Ek1
e = 50 V.
3 body
c) Při pohybu částice v magnetickém poli platí:
mv22
r = Bev2 ⇒ B = mv2
er = mv2
ed sinβ = 0,29 mT.
3 body 4. Zapojení si můžeme překreslit takto:
Obr. R1
a) Pro celkový odpor platí: 1
RC = 3
R + 2
3R ⇒ RC = 3
11R = 27,3 Ω.
2 body Označme IEH = IFG = IBC = I1; IAD = I2 ; IDH = IDC = I3.
I1 = U
R = IEH = IFG = IBC = 0,24 A,
Protože I1 I2 =
3 2R
R = 3
2 ⇒ I2 = 23I1 = IAD = 0,16 A, I3 = 1
2I2 = IDH =
= IDC = 0,08 A. 3 body
b) Schéma zapojení je nyní
Obr. R2 Pro celkový odpor platí: 1
RC
= 2
R + 3
5R ⇒ RC = 5
13R = 38,5 Ω.
Celkové napětí se nezměnilo, celkový odpor se zvětšil, celkový příkon je nyní
menší než před přerušením vodiče GH. 2 body
c) Protože se celkové napětí ani odpor každého rezistoru po přerušení vodiče GH nezmění, stačí porovnat proudy nebo napětí na jednotlivých rezistorech.
Porovnáním proudů:
Proudy IFG = IBC se nezměnily. Nezměnil se tedy ani příkon na rezistorech mezi body FG a BH.
Proud mezi body D a C: IDC = 3U
5R > U
3R ⇒ příkon na rezistoru mezi body D a C se zvětší.
Dále platí:
IAD = 2IAEHD a IAD+ IAEHD = IDC ⇒ IAEHD = IDC
3 = U
5R < U
3R < U R, z čehož plyne, že příkon na rezistorech EH a HD bude menší;
IAD = 2
3IDC = 2U
5R < 2U
3R ⇒ příkon na rezistoru AD bude menší.
3 body Porovnáním napětí:
Před přerušením vodiče GH platilo:
UEH = UFG = UBC = U, UAD = 2
3U, UDH = UDC = 1
3U.
Po přerušení vodiče HD platí:
UFG = UBC = U ⇒ příkon se nezměnil, UEH = UHD = 1
5U < 1
3U < U ⇒ příkon se zmenší, UAD = 2
5U < 2
3U ⇒ příkon se zmenší, UDC = 3
5U > 1
3U ⇒ příkon se zvětší.